李汝驿

一、认真审题 解题前提

例1.（南京市）图1中a～i是初中化学常见的物质，且分别是由h、c、o、na、al、s、ca、cu、ag中的一种或几种元素组成的。在通常情况下，d与其他物质的状态不同；d、g、h、i均为单质，其中g为紫红色固体，h在空气中表面生成一层致密的氧化膜，具有很好的抗腐蚀性能；b可用来改良酸性土壤；a、f均为由三种元素组成的盐。图中“—”表示两端的物质间能发生化学反应，“→”表示物质间存在转化关系；部分反应物、生成物或反应条件已略去。 [a][b][c][e][f][g][i][c][d][h]

图1

（1）写出化学式：g 。

（2）写出a与c反应的化学方程式：

。

写出d与e反应的化学方程式：

。

写出h→i反应的化学方程式：

。

解析：审析试题可知，g为紫红色的固体单质，应为cu；h在空气中表面可生成一层致密的氧化膜，具有很好的抗腐蚀性能，应为al；b可用来改良酸性土壤，应为ca（oh）2；a为含有三种元素的盐，且能与b[ca（oh）2]反应，可能为na2co3；a还能与c反应，c应是酸，依据题设所给出的元素，可知c应是h2so4；c能通过反应生成d，又知d与其他物质状态不同，则d应为h2；d可与e反应，e能生成f，f又能生成g（cu），则e为cuo；c（h2so4）能生成f，则f应是cuso4；再有g（cu）和h（al）都能生成i，i为单质，则i为ag。

答案：（1）cu （2）na2co3+h2so4=na2so4+h2o+co2↑ h2+cuo[]cu+h2o al+ 3agno3=al（no3）3+3ag

【点悟】这是一道框图推断题，结构紧凑、内涵丰富、关系隐蔽、综合性强，既考查了基本概念和元素化合物知识，又考查了学生的分析推理和判断能力，是中考的重点题型之一。解答此类题可采取“先突后理”的求解原则，即审析试题首先找出“突破口”，而后在此基础上去“理顺”相应转化关系。一些物质的特点，如状态、颜色、用途、反应特点等，往往是突破口，以它作为求解的起点，理顺关系，便是求解的道路，最后则找出“桥”或“船”（联系所学知识），进行解答。

由此题的求解过程可知，审题是解题的关键、基础、前提、保证，通过审题可明确“知”和“求”。如在此题中，依据物质有关特点确定cu、al、ca（oh）2，再依据相互转化的反应关系、特点推出na2co3、h2so4、h2等，进而逐步完成求解。写化学反应方程式相对较容易，但确定是何种物质参加反应就较困难了，不审题就找不出相应关系，挖不出隐含，排不出干扰，也就无法完成解答。在审题时要做到“三清”和“三忌”：“三清”为题意清，设问清，思路清；“三忌”为忌视而不见，忌视而不全，忌视而不明。总之，要做题，先审题；不审题，别做题。

二、联系所学 准确解答

例2.（连云港市）如图2所示，甲、乙、丙、丁、戊五种物质分别是铁、盐酸、氢氧化钙、硫酸铜、碳酸钠中的一种。连线两端的物质间能发生化学反应，甲与戊反应产生的气体能使澄清石灰水变浑浊，丙溶液为蓝色。下列能替代图中丁物质的是（ ） [甲][乙][丙][丁][戊]

图2

a.ag b.bacl2

c.naoh d.cuo

解析：审析试题可知，丙溶液为蓝色，应是cuso4；由甲与戊反应产生的气体可使澄清石灰水变浑浊可知，甲和戊分别是na2co3和hcl中的一种，则乙和丁分别是fe和ca（oh）2中的一种。由图示可知，乙物质能与甲、丙、戊三种物质发生反应，而丁只能和丙、戊两种物质反应。所以，乙应是ca（oh）2，丁是fe，则甲是na2co3，戊是hcl。能代替丁物质的必须是能与丙（cuso4）反应，又能与戊（hcl）反应的物质，只有naoh符合题意。

答案：c

【点悟】此题难度不大，只要熟悉物质的性质及其相互反应关系就可以顺利求解。所以我们对于平时所学的知识一定要进行深刻地认识和充分地理解，达到融会贯通，并能在实际运用中消化和吸收，使之被牢固掌握。这就要求我们注意对所学知识进行归纳和总结，使之条理化、系统化，形成完整的知识结构，并注意在实际运用中不断提高分析和推理能力，以达准确解题之目的。

三、图像不清 错误易生

例3.（泰安市）图3是甲、乙、丙三种物质的溶解度曲线。下列叙述正确的是（ ） [溶解度/g][30][甲][乙][丙][m][n][o t1 t2 t3][温度/℃]

图3

a.t1 ℃时，等质量的甲、丙两物质的溶液中所含溶质的质量为丙>甲

b.t2 ℃时，20 g丙溶解于50 g水中能形成70 g溶液

c.分别将三种物质的饱和溶液从t3 ℃降温至t2 ℃时，所得溶液溶质质量分数的大小关系为乙>甲=丙

d.若要将组成在n点的甲溶液转变为m点的甲溶液，可采取恒温蒸发溶剂的方法

解析：这是一道有关溶解度曲线的试题。a项，t1 ℃时，等质量的甲、丙两物质的饱和溶液中所含溶质质量为丙>甲，但题设中没有说明溶液是否饱和，错误；b项，t2 ℃时，丙的溶解度为30 g，此时将20 g丙加入50 g水中，只能溶解15 g丙，所得溶液为65 g，错误；c项，由图像可知，甲、乙两物质的溶解度是随温度的升高而增大的，而丙物质的溶解度是隨温度的升高而减小的，当三种物质的饱和溶液从t3 ℃降至t2 ℃，甲、乙两物质的溶解度减小，会有晶体析出，溶液仍饱和，而丙物质的溶解度变大，溶液将变为不饱和溶液，其溶质质量分数不变，由图可知，t2 ℃时乙的溶解度大于甲，又知t2 ℃时甲的溶解度大于t3 ℃时丙的溶解度，所以所得溶液的溶质质量分数应为乙>甲>丙，错误；d项，n点表示t3 ℃时甲物质的不饱和溶液，将此温度下的不饱和溶液变为饱和溶液，可采用恒温蒸发溶剂或添加溶质的方法，正确。

答案：d

【点悟】图像题是将化学知识与图像融为一体的题型，其内涵丰富、综合性强，具有一定的迷惑性，在求解时应做到会识图、会析图、会解图。在解答时可使用“先清后算”的方法，即先看清、看懂题意（题设条件、有关信息、所问问题）和图意（图像中的点、线及其变化的特点），再联系所学知识进行分析推理，进而形成求解思路，最后予以解答。在遇到关于交点的设问时，我们要知道：交点相等是有条件的，并非交点必等。

四、运用技巧 试题速解

例4.（绥化市）现有na2s、na2so3、na2so4组成的混合物，经测定，其中硫元素的质量分数为32%，则该混合物中氧元素的质量分数为 。

解析：审析试题可知，题设中氧元素和硫元素之间没有某种直接关系，因而从硫元素的质量分数去求氧元素的质量分数难度很大。分析三种物质的组成，不难发现，三种物质中钠原子和硫原子的个数比都是2∶1。依据元素质量比的计算可知，混合物中钠元素和硫元素的质量比为：（23×2）∶（32×1）=46∶32。硫元素的质量分数为32%，则钠元素的质量分数应为46%，由此可求出氧元素的质量分数为：1-46%-32%=22%。

答案：22%

【点悟】混合物中某一元素质量分数的求解，常规解法是设方程组，但一则烦琐，二则费时费力，而且极易出错，甚至被困扰而无从下手。此时，除了需要准确理解基础知识外，还要进行思考和分析，从中找出捷径。遇到此类试题时，我们可采用“先变后算”的求解方法，即先通过分析和思考，对问题进行变通，把复杂问题通过某种方法变为简单容易的问题，以使它们建立起相关量的关系，再进行有关计算。如在本题中，若直接求氧元素的质量分数难度很大，但分析钠原子和硫原子关系后，我们就可以化繁为简、化陌生为熟知、化难为易，迅速得到解答。“先变后算”的前提是变通，如何进行变通绝非是随手可得的，要思考、要分析，还要去探索和实践，去挖掘它们之间的隐含关系及其共同特点，据此而变。变通时若变得准、变得巧、变得好，解题就会快而准，获得事半功倍之效。

五、实验操作 注意先后

例5.（河南省）除去nacl溶液中cacl2、mgcl2、na2so4杂质的操作有：①加过量的naoh溶液；②加过量的bacl2溶液；③过滤；④加适量的盐酸；⑤加过量的na2co3溶液。[提示：mg（oh）2、baso4、baco3难溶于水]

（1）以上操作合理的先后顺序为

（数字序号不能重复使用）。

（2）请写出bacl2溶液与na2so4溶液反应的化学方程式： 。

（3）上述试剂中的na2co3不能用k2co3代替，请说明原因： 。

解析：（1）由题设可知，除去nacl溶液中的cacl2、mgcl2、na2so4杂质选择了过量的naoh溶液、na2co3溶液、bacl2溶液和适量的盐酸。加入naoh溶液，可使mgcl2转化为沉淀mg（oh）2；加入bacl2溶液，可使na2so4转化为沉淀baso4；加入na2co3溶液，可使cacl2转化为沉淀caco3。因为所加入的naoh、na2co3、bacl2都是过量的，过量的试剂也要除去才行。分析上述三种试剂发现，naoh和 bacl2的加入先后不影响除杂效果，而na2co3的加入不能在bacl2之前，否则过量的bacl2将无法除去，所以na2co3必须在bacl2之后加入，最后再加入适量的盐酸就可除去过量的naoh和na2co3。故合理操作的先后顺序为①②⑤③④或②①⑤③④或②⑤①③④。（2）加入的 bacl2与na2so4反应的化学方程式为bacl2+na2so4=baso4↓+2nacl。（3）不能用k2co3代替na2co3，是因为k2co3与cacl2反应生成caco3沉淀的同时，又生成了新的杂质kcl。

答案：（1）①②⑤③④（或②①⑤③④或②⑤①③④） （2）bacl2+na2so4=baso4↓+ 2nacl （3）若用k2co3代替na2co3，则k2co3与cacl2反应生成caco3沉淀的同时又生成了kcl，最后得到的溶液不是纯净的nacl溶液

【点悟】化学实验的先后顺序不可颠倒，因为它决定着实验的成败及其安全，不可轻视大意。我们对于实验操作的先与后要理解其原理，并能实际运用。如实验组装顺序要注意“四先四后”：①先下后上；②先左后右（①和②均指仪器的装备顺序）；③先长后短（指用洗气瓶除杂时进气管要长，以便杂质被充分吸收，出气管要短，以便导出气体）；④先净化后干燥。再如，当验证某气体是否含有co2和h2o时，要先验h2o后验co2；而当除去co2和h2o時，要先除去co2后除去h2o。

六、计算多陷 注意隐含

例6.（哈尔滨市）实验室有98.5 g碳酸钡样品（杂质既不溶于水，也不与酸反应），与100 g氢元素的质量分数为10%的稀硫酸恰好完全反应。则该样品中碳酸钡的质量分数为 （ ）

a.12.5% b.19.7%

c.20% d.25%

解析：审析题意可知，100 g稀硫酸中氢元素的质量分数为10%，其质量为：100 g×10%=10 g。稀硫酸是由h2so4和水组成的，水中也含有氢元素。设h2so4的质量为x，则水的质量为100 g-x。由氢元素质量可求出h2so4的质量，即[298]×x+[218]×（100 g-x）=10 g，解得x= 12.25 g。设样品中baco3的质量为y，则：

baco3+h2so4=baso4↓+h2o +co2↑

197 98

y 12.25 g

[197y=9812.25 g] y=24.625 g

则样品中碳酸钡的质量分数为：[24.625 g98.5 g]×100%=25%。

答案：d

【点悟】化学计算中题设陷阱进行干扰是普遍存在的，它的特点是“暗”“隐”，但不一定“深”，若不能发现就必然造成求解失误。因此，我们必须认真审题、勤于思考、善于分析，抓住问题的实质和关键，从而识别并避开陷阱，还要注意思维的灵活性和变通性，增强思维的缜密性，提高审题能力。

七、全面分析 谨防疏漏

例7.（哈尔滨市）除去下列各物质中的少量杂质，所选用的试剂和操作方法均正确的是（ ）

[选项＼&物质（括号内为杂质）＼&试剂＼&操作方法＼&a.＼&caco3（cao）＼&无＼&高温＼&b.＼&h2o（植物油）＼&洗涤剂＼&振荡、搅拌＼&c.＼&cuo（铜粉）＼&足量氧气＼&灼烧＼&d.＼&kcl（kclo3）＼&二氧化锰＼&加热＼&]

解析：此题为除杂试题，要求所选用的试剂和操作方法都是正确的。分析各选项：a项，对含有cao的caco3进行高温加热，在高温条件下caco3会分解为cao和co2，杂质无法除去但需要的物质却会除去，错误；b项，向水和植物油的混合物中加洗涤剂，在洗涤剂的乳化作用下，植物油变为小液滴分散于水中，无法除去，错误；c项，在加热条件下，铜粉可与o2反应生成cuo，而cuo不变，从而使杂质铜粉转化为cuo，正确；d项，kclo3在加热和mno2的催化作用下分解为kcl和o2，虽除去了kclo3，但mno2却成了新引入的杂质，错误。

答案：c

【点悟】关于除杂提纯过程中所选的试剂和操作方法，要满足“三不”“三必须”和“三优先”。“三不”指不增减（除杂不引杂，提纯物质不减少）；不改变（所加试剂一般只与杂质反应，而不与被提纯物质反应，提纯物质质量及状态不改变）；不污染。“三必须”指所选试剂必须过量，过量试剂必须除去；除去较多杂质时，必须考虑所加试剂的顺序合理；所用试剂必须易得，其操作方法必须最佳。“三优先”指优先考虑物理方法；优先考虑除去杂质又能增加提纯物的方法；多种方法可除杂时，优先考虑简单并彻底的方法。

八、解答要准 规范要谨

例8.（厦门市）可用带柄v形玻璃管完成以下实验：[h2o2溶液][硫粉][mno2][naoh

溶液][气球][a][b][c][a][b][图4 图5]

（1）如图4所示，往a处注入h2o2溶液，在b处下方加热使硫粉燃烧，产生的气体通入c处后排放的目的是 。写出a处反应的化学方程式： 。

（2）如图5所示，a处盛浓氨水，b处放滴有无色酚酞溶液的长滤纸条，可观察到的现象是 。若另取一相同v形玻璃管（含相同的实验用品），在a处稍加热，在更短的时间内可观察到上述现象，请从微观角度解释： 。

解析：（1）审析试题可知，首先h2o2在mno2存在下分解放出o2，而后在加热条件下o2与硫粉反应产生so2气体，最后so2通过naoh溶液后排出。反应生成的so2会污染空气，当其通过naoh溶液时就会被吸收，从而防止流入空气中进行污染。（2）浓氨水是氨气的水溶液，属于碱类，遇到酚酞溶液时可使其变红。由图5可知，氨气分子在不断地运动，当从a处运动到b处时遇到滴有酚酞溶液的长滤纸条，使滤纸自左向右逐渐变红。若在a处稍加热，分子运动受温度影响，温度升高分子运动加快，就会在稍短时间内到达b处，使滴有酚酞溶液的滤纸条自左向右迅速变红。

答案：（1）防止二氧化硫污染空气 2h2o2[mno2] 2h2o+o2↑ （2）滴有无色酚酞溶液的长滤纸条自左向右变红 温度越高，分子运动地越快

【点悟】简答题为中考常考题型之一，其题设内容涉及较多、形式灵活，是对学生思维、分析、推理、归纳、总结及表述等多种能力的考查。回答简答题要求我们不仅“知其然”，还要“知其所以然”，所以回答时语言要准确、严谨、精炼、规范，即要做到：答必所问，言简意赅，避免繁杂的叙述，科学严谨，尤其关注细微之处。如本题中滴有无色酚酞溶液的长滤纸条是“自左向右变红”，不能用“变红”代之。

九、“少”“适”“过”量 绝不一样

例9.（泰安市）某固体可能含有ca（no3）2、na2so4、na2co3、fecl3、kcl中的一种或几种，现对其进行如下实验：①取少量固体于试管中，加适量蒸馏水，固体完全溶解成无色透明溶液；②取少量上述溶液，加过量稀硫酸，有气泡产生；③取②所得溶液少量，滴加bacl2溶液，产生白色沉淀。分析以上实验现象，对原固体组成的推断正确的是（ ）

a.肯定有na2co3、na2so4，无fecl3、 ca（no3）2

b.肯定有na2co3，无fecl3、ca（no3）2

c.肯定有na2co3、na2so4，无fecl3

d.肯定有na2co3，無fecl3、kcl

解析：审析试题可知，①取少量固体溶于水，固体完全溶解形成无色透明溶液，可说明原固体中无fecl3，因为fecl3溶液呈黄色；②当取少量上述溶液加入过量的稀硫酸时有气泡产生，说明该固体中一定有na2co3，则该固体中一定无ca（no3）2，因为na2co3与ca（no3）2会反应生成caco3沉淀；③再取②所得少量溶液滴加bacl2溶液产生了白色沉淀，白色沉淀应是baso4，它是由②中加入过量稀硫酸引起的，原固体中是否含有na2so4无法确定。所以，该固体中一定含有na2co3，无fecl3和 ca（no3）2，无法确定是否含有na2so4和kcl。b项符合题意。

答案：b

【点悟】此题极易选a项，因为取②所得少量溶液滴加bacl2溶液有白色沉淀生成，肯定含有[so2-4]，确定含有na2so4，这是对加入过量稀硫酸的疏忽。此题中“过量”蕴含着陷阱，在审题时审清、审准极其重要。在各类试题中对所加试剂的“量”要关注，不能忽视。除杂题中除去杂质所选试剂必须过量，过量的部分必须除去；计算题中过量试剂引发的溶质种类变化也要注意。总之，要关注“量”的情况，不能视而不见，粗心大意，以防止“差之毫厘谬以千里”。

十、遇到“一定” 千万慎重

例10.（无锡市）一包固体粉末可能含有nano3、caco3、naoh、cucl2、ca（no3）2和 nacl中的一种或几种。为确定其组成，某同学设计了图6实验方案：

下列判断正确的是（ ）

a.蓝色溶液b中阳离子只有cu2+

b.无色溶液a中一定有naoh

c.原固体粉末一定有nacl

d.原固体粉末一定有caco3、naoh、 nano3、cucl2和ca（no3）2

解析：此题为推断型选择题，我们可以从所给的物质性质和他们之间相互反应所显示的现象、特征等进行判断。依据蓝色溶液b可判断，该固体粉末中一定含有cucl2和naoh，因为他们之间相互反应可生成cu（oh）2沉淀和nacl；该沉淀遇稀hno3后有气体放出，可知固体粉末中一定含有caco3。所以，在蓝色溶液b中一定存在由caco3和cu（oh）2分别与稀hno3反应生成的ca（no3）2和 cu（no3）2。在无色溶液a中一定存在由cucl2和naoh反应生成的nacl，还可能有没反应的过量的naoh；一部分溶液a通入co2生成白色沉淀，可知其中必有ca（oh）2，ca（oh）2是由naoh和ca（no3）2反应生成的，因此固体粉末中一定有ca（no3）2。无色溶液a另一部分加入稀hno3和agno3溶液产生白色沉淀，说明a溶液中有cl-，但无法确定cl-是来自于反应生成的nacl还是原有的nacl。另外，nano3与上述实验均无关，故也不能确定它的存在。所以，原固体粉末中一定有caco3、naoh、cucl2和ca（no3）2，无法确定nacl和nano3的存在，c、d两项错误；溶液b中一定有cu（no3）2和 ca（no3）2，a项错误。

答案：b

【点悟】当题设给出“一定”是什么，“一定”不是什么时，要慎重处理，要在对实验现象所呈现的实际情况、物质性质特征等进行深入思考和分析推理后再作出判断。总之，要做到有理有据地说明，不可轻易判断。

十一、重视类推 不可亂推

例11.（襄阳市）推理是学习化学的一种重要方法。下列推理正确的是（ ）

a.氧化物中含有氧元素，所以含有氧元素的化合物都是氧化物

b.溶液中有晶体析出时，溶质质量减小，所以溶质的质量分数一定减小

c.碱性溶液能使紫色石蕊溶液变蓝，所以能使石蕊溶液变蓝的溶液一定呈碱性

d.碳酸盐与盐酸反应放出气体，所以与盐酸反应放出气体的物质一定是碳酸盐

解析：审析试题后分析各选项：a项，氧化物是只含有两种元素且其中一种元素是氧元素的化合物，因此含有氧元素的化合物不一定是氧化物，如kclo3，错误；b项，当某溶液降温结晶时，溶质质量会减小，溶质质量分数也会减小，但当恒温蒸发饱和溶液结晶时，溶质质量减小，溶剂质量也会减小，其溶质质量分数不变，错误；c项，碱性溶液可使紫色石蕊溶液变蓝，使紫色石蕊溶液变蓝的溶液一定显碱性，正确；d项，与盐酸反应放出气体的物质不一定是碳酸盐，也可以是金属，错误。

答案：c

【点悟】逻辑推理是化学学习中一种常见的学习方法，它往往是依据两个不同物质在某些方面（如特征、变化）类同之处去推测它在其他地方类同之处，或是根据已有知识和经验进行举一反三或迁移其他类似的事物。此类试题在近几年的中考试题中不断出现，学生常因概念不清、条件把握不准、分析不透，只注重表面而忽略其原理、条件等实质而在类推时出现错误。我们在做此类题时应“先析后理”，即对给出的论断抓住问题实质，依据化学原理进行分析，从而作出正确的判断，要类推而不乱推。

十二、做信息题 先学后仿

例12.（株洲市）硫是一种比较活泼的非金属元素，硒（se）的化学性质与硫相似。在加热条件下，硫可与naoh溶液反应生成硫化钠（na2s）、亚硫酸钠（na2so3）和水，硒也能与naoh溶液发生类似反应。请写出在加热条件下硒与naoh溶液反应的化学方程式：

。

解析：审析试题可知，硒（se）的化学性质与s相似，s在加热条件下可与naoh反应生成na2s、na2so3和h2o，那么硒（se）与naoh反应就可生成na2se、na2seo3和h2o。由此可顺利地完成其化学方程式：3se+6naoh[]2na2se+na2seo3+3h2o。

答案：3se+6naoh[]2na2se+na2seo3+3h2o

【点悟】此题为信息题，信息题的一个重要特点是具有“新意”，题设中所给出的多半是我们所不知道的“新知识”“新方法”“新情景”。“新意”对同学们来讲是陌生的，但不都是解题所必需的关键所在。在做题时，我们可以“先学后仿”，即先现场自学，从中理解和领悟题设的“新意”，而后联系、类比、推理等进行迁移，模仿着去解答。